Optimeringsproblemer

En typisk anvendelse av derivasjon er optimering. Vi har funksjon som beskriver et eller annet som vi ønsker å gjøre så stort eller så lite som mulig. Det kan være at vi ønsker mest mulig fortjeneste, størst mulig areal, minst mulig utgifter eller lavest mulig materialforbruk. Vi bruker da funksjonens deriverte til å finne et maksimumspunkt eller minimumspunkt.

Eksempel 1:

En klassiker er bonden og gjerdet: 

En bonde skal lage en rektangulær innhegning av et 50 meter langt gjerde, og vi skal finne ut hvor lange sidekantene bør være for at innhegningens areal skal bli størst mulig.

Vi starter med å finne et funksjonsuttrykk for arealet. Kaller vi den ene sidekanten $x$ og den andre $y$, blir arealet $x\cdot y$. Siden gjerdet er 50 meter langt, vet vi også at $2x+2y=50$, som kan skrives om til $y = 25 – x$. Vi kan derved erstatte $y$ i uttrykket for arealet med $25-x$, og en funksjon som beskriver innhegningens areal blir

$f(x) = x (25 -x) = -x^2 +25x$.

Vi deriverer, og får $f'(x) = -2x + 25$, som er 0 når $x = 12{,}5$. Den deriverte skifter fortegn fra + til – i dette punktet, derfor er det et maksimumspunkt.

Den andre sidekanten blir $y = 25 – 12{,}5 = 12{,}5$.

Konklusjonen er at bonden får størst areal ved å lage en innhegning der alle sidene er 12,5 meter lange.

Eksempel 2:

Kostnadene ved å produsere en vare er gitt ved $k(x) = 0,002x^2 – 6x + 1000$, der $x$ er antall produserte enheter per døgn, og vi skal finne ut hvor mange produserte enheter som gir lavest produksjonskostnader.

Vi deriverer, og får $k'(x) = 0,004x – 6$. Dette uttrykket er 0 når $x = 1500$. Den deriverte skifter fortegn fra – til + i dette punktet, derfor er det et minimum.

Vi får lavest produksjonskostnader ved å produsere 1500 enheter per døgn.

Oppgave 1:

Du skal lage en rektangulær innhegning der den ene siden utgjøres av en flat låvevegg. Du har 40 meter gjerde til rådighet. Hvordan skal målene på innhegningen velges for at arealet skal bli størst mulig?

Se løsningsforslag

Eksempel 3:

Høyden til et fly er i en periode på litt over to minutter gitt ved funksjonen

$h(t) = {\large \frac{1}{100}}t^3 – 2t^2 + 60t + 7000$,

illustrert med grafen under. Høyden i meter og tiden i sekunder.

Graf som illustrerer høyden til fly

  1. Vi skal gi en tolkning av grafen.
    Grafen viser at flyet stiger, går inn i et stup, flater ut og begynner å stige igjen.
     
  2. Vi skal beregne hvor høyt flyet er på det høyeste, og hvor lavt det er på det laveste. Når flyet er på sitt høyeste og laveste er det ingen endring i høyden, så $h'(t)$ må være 0.
    Vi deriverer og får 
    $h'(t) = {\large \frac{3}{100}}t^2 – 4t + 60$.
    Løser vi likningen ${\large \frac{3}{100}}t^2 – 4t + 60 = 0$, får vi 
    t_1 \approx 116{,}11$ og $t_2 \approx 17{,}23$.
    De tilhørende funksjonsverdiene blir
    $f(116{,}11) \approx 2656{,}94$ og $f(17{,}23) \approx 7491{,}21$.
    På det høyeste er flyet omlag 7491 meter over bakken, og på det laveste omlag 2657 meter over bakken.
     
  3. Vi skal beregne hvor fort flyet mister høyde når stupet er på det bratteste, og hvor høyt det da er over bakken.
    Når stupet er på det bratteste, mister flyet høyde på det raskeste, så den deriverte må da ha sin mest negative verdi. $h'(t)$ må ha et minimumspunkt. For å finne dette, undersøker vi når den derivertes deriverte er 0. Den derivertes deriverte kalles den andrederiverte, og angis med to apostrofer.
    Vi deriverer og får
    $h''(t) = {\large \frac{6}{100}}t – 4$. Denne er 0 når $t \approx 66{,}67$.
    Endringen i høyde er da gitt ved $h'(66{,}67) \approx -73{,}33$,
    og høyden er gitt ved $h(66{,}67) \approx 5074{,}07$.
    På sitt meste mister flyet omlag 73 høydemeter per sekund, og det er da omlag 5074 meter over bakken.
    Den andrederiverte beskrives nærmere i artikkelen om høyere ordens deriverte.

Kilder

  • Gulliksen, T. & Hole, A. (2010). Matematikk i praksis. Universitetsforlaget
  • Thomas, G.B., Finney R.L. (1988). Calculus and Analytic Geometry. Addison-Wesley.
    matematikk.org
  • Wikipedia